海盐县高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理

一、选择题

1． 如图所示，倾角为的斜面静置于地面上，斜面上表面光滑，A、B、C三球的质量分别为m、2m、3m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接。弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始系统处于静止状态，现突然剪断细线或弹簧。下列判断正确的是

A．弹簧被剪断的瞬间，A、B、C三个小球的加速度均为零 B．弹簧被剪断的瞬间，A、B之间杆的弹力大小为零

C．细线被剪断的瞬间，A、B球的加速度沿斜面向上，大小为gsin D．细线被剪断的瞬间，A、B之间杆的弹力大小为4mgsin

【答案】BCD

【解析】若是弹簧被剪断，将三个小球看做一个整体，整体的加速度为设杆的作用力为F，则

，解得

，然后隔离A，对A分析，

，A错误，B正确；剪断细线前，以A、B、C组成的

，

系统为研究对象，系统静止，处于平衡状态，合力为零，则弹簧的弹力为

以C为研究对象知，细线的拉力为3mgsin θ。剪断细线的瞬间，由于弹簧弹力不能突变，弹簧弹力不变，以A、B组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得的加速度为解得杆的拉力为

，方向沿斜面向上，以B为研究对象，由牛顿第二定律得：

，故CD正确。

、方向

，解得A、B两个小球

，

2． 绝缘光滑斜面与水平面成α角，一质量为m、电荷量为–q的小球从斜面上高h处，以初速度为

与斜面底边MN平行射入，如图所示，整个装置处在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向平行于斜面向上。已知斜面足够大，小球能够沿斜面到达底边MN。则下列判断正确的是

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A．小球在斜面上做非匀变速曲线运动 B．小球到达底边MN的时间

C．匀强磁场磁感应强度的取值范围为

D．匀强磁场磁感应强度的取值范围为【答案】BD

【解析】对小球受力分析，重力，支持力，洛伦兹力，根据左手定则，可知，洛伦兹力垂直斜面向上，即使速度的变化，不会影响重力与支持力的合力，由于速度与合力垂直，因此小球做匀变速曲线运动，故A错误；假设重力不做功，根据小球能够沿斜面到达底边MN，则小球受到的洛伦兹力0≤f=qv0B≤mgcosα，解得磁感应强度的取值范围为0≤B≤

cosα，在下滑过程中，重力做功，导致速度增大v>v0，则有

【名师点睛】考查曲线运动的条件，掌握牛顿第二定律与运动学公式的内容，理解洛伦兹力虽受到速度大小影响，但没有影响小球的合力，同时知道洛伦兹力不能大于重力垂直斜面的分力。

3． 电磁波在空中的传播速度为v，北京交通广播电台的频率为f，该电台所发射电磁波的波长为 A. B. 【答案】A

【解析】根据光速、频率、波长之间关系有：v=λf，所以波长为：

，故A正确，BCD错误。

C. D.

4． 一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量

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为m，电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，若已知金属棒内的电场为匀强电场，则金属棒内的电场强度大小为

A. C.

B. D.

【答案】C

【解析】电场强度可表示为E＝①，其中L为金属棒长度，U为金属棒两端所加的电动势，而U＝IR②，其中

视频

5． （2018中原名校联盟质检）如图甲所示，水平面上一质量为m的物体在水平力F作用下开始加速运动，力F的功率P保持恒定，运动过程中物体所受的阻力f大小不变，物体速度最终达到稳定值vm，作用过程物体速度的倒数

③，

④，联立①②③④，可得E＝nevρ，故C项正确.

1与加速度a的关系图像如图乙所示．仅在已知功率P的情况下，根据图像所给信息可知以下v说法中正确的是

A．可求出m、f和vm B．不能求出m C．不能求出f D．可求出加速运动时间

【答案】A

【解析】【题型分析】此题以物体速度的倒数

1与加速度a的关系图像给出解题信息，考查功率、牛顿运动定v律及其相关知识点，意在考查灵活运用相关知识分析问题的能力。

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6． 如图甲，水平地面上有一静止平板车，车上放一物块，物块与平板车的动摩擦因数为0.2，t=0时，车开始沿水平面做直线运动，其v﹣t图象如图乙所示，g取10 m/s，若平板车足够长，关于物块的运动，以下描述正确的是

2

A．0~6 s加速，加速度大小为2 m/s2，6~12 s减速，加速度大小为2 m/s2 B．0~8 s加速，加速度大小为2 m/s2，8~16 s减速，加速度大小为2 m/s2 C．0~8 s加速，加速度大小为2 m/s2，8~12 s减速，加速度大小为4 m/s2 D．0~12 s加速，加速度大小为1.5 m/s2，12~16 s减速，加速度大小为4 m/s2

【答案】 B

2

【解析】 根据速度与时间的图象的斜率表示加速度，则有车先以4 m/s的加速度做匀加速直线运动，后以–4

m/s2的加速度做匀减速直线运动，根据物块与车的动摩擦因数可知，物块与车的滑动摩擦力产生的加速度为2 m/s2，因此当车的速度大于物块的速度时，物块受到滑动摩擦动力，相反则受到滑动摩擦阻力；6 s时，车6=12 m/s；物块的速度仍小于车的速度；故速度相同的时间在6 s之后，的速度为24 m/s，而物块的速度v=2×

从6 s开始分析则有：24–4（t–6）=2t，解得：t=8 s；则说明，当0~8 s时，车的速度大于物块，因此物块受到滑动摩擦力，则其加速度为2 m/s，当8~16 s时，车的速度小于物块，因此物块仍受到滑动摩擦阻力，则其加速度为2 m/s，方向与运动方向相反，做减速运动，故B正确，ACD错误；故选B。

7． 如图甲、乙两图是电子技术中的常用电路,a、b是各部分电路的输入端,其中输入的交流高频成分用“≋”表示,交流低频成分用“~”表示,直流成分用“—”表示。关于两图中负载电阻R上得到的电流特征是（ ） A.图甲中R得到的是交流成分

2

2

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B.图甲中R得到的是直流成分 C.图乙中R得到的是低频成分 D.图乙中R得到的是高频成分 【答案】答案:AC

【解析】解析:当交变电流加在电容器上时,有“通交流、隔直流,通高频、阻低频”的特性,甲图中电容器隔直流,R得到的是交流成分,A正确,B错误;乙图中电容器能通过交流高频成分,阻碍交流低频成分,R得到的是低频成分,C正确,D错误。

8． 如图所示，蹦床运动员从空中落到床面上，运动员从接触床到下降至最低点为第一过程，从最低点上升到离开床面为第二过程。下列判断正确的是

A．在第一过程中，运动员始终处于失重状态

B．在第二过程中运动员受到蹦床的作用力先增大后再减小 C．在第二过程中运动员速度先增大后减小 D．运动员接触床面时的速度最大

【答案】C

【解析】 A、运动员刚接触床面时重力大于弹力，运动员向下做加速运动，运动员处于失重状态；随床面的形变的增大，弹力逐渐增大，弹力大于重力时，运动员做减速运动，运动员处于超重状态，故A错误；B、在第二过程蹦床对人的弹力随形变的的恢复一直在减小，故B错误；C、在第二过程中，运动开始时有一段弹力大于重力，运动员做加速运动，因此开始时速度增大，只有重力和弹力平衡时达到最大速度之后，运动员的速度才开始减小，故C正确；D、运动员刚接触床面时重力大于弹力，运动员向下做加速运动，所以运动员接触床面时的速度没有达到最大，故D错误；故选C。

9． 如图所示，AB、CD 为两个光滑的平台，一倾角为 37°，长为 5 m 的传送带与两平台平 滑连接。现有一小煤块以 10 m/s 的速度沿平台 AB 向右运动，当传送带静止时，小煤块恰好能滑到平台 CD 上，则下列说法正确的是（重力加速度 g=10m/s2，sin370=0.6，cos370=0.8）（ ）

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A. 小煤块跟传送带间的动摩擦因数ì=0.5

B. 当小煤块在平台 AB 上的运动速度 v=4 m/s 时，无论传送带匀速运动的速度多大，小物体都不能到达平台 CD

C. 若小煤块以 v=8 m/s 的速度沿平台 AB 向右运动，传送带至少要以 3m/s 的速度顺时针 运动，才能使小物体到达平台 CD

D. 若小煤块以 v=8m/s 的速度沿平台 AB 向右运动，传送带以 4m/s 的速度顺时针运动时， 传送带上留下的痕迹长度为 2.4m

【答案】ABC

【解析】A、传送带静止时，小煤块受力如图甲所示

据牛顿第二定律得umgcosmgsinma ，B→C过程有v22al ， 解得a10m/s2， 0.5，故A正确；

B、当小煤块受到的摩擦力始终向上时，最容易到达传送带顶端，此时，小物体受力如图乙所示，据牛顿第二定律得mgsinumgcosma， 若恰好能到达高台时，有v22al ，解得v25m/s4m/s，即当小煤块在AB平台上向右滑动速度小于4m/s，无论传带顺时针传动的速度多大，小煤块总也不能到达高台CD，故B正确；

C、以v表示传送带顺时针传动的速度大小，对从小煤块滑上传送带到小物体速度减小到传送带速度过程有

v2v22ax1， 对从小煤块速度减小到运动到恰滑上CD高台过程，有v22ax2， x1x2l， 解得

v3m/s，即传送带至少以3 m/s的速度顺时针运动，小物体才能到达高台CD，故C正确；

1vvD、对小煤块煤块的位移x12m， x2lx1vtat2，t=1s，传送带的位移s1v1.6m，

2as2vt4m，传送带上留下的痕迹长度x2s21m，故D错误；

故选ABC。

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10．图中a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别是Ua＝5V，Ub＝2V，Uc＝3V，则在下列各示意图中能表示该电场强度的方向是（ ）

【答案】D

11． 如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O为球心。一质量为m

的小滑块，在水平力F的作用下静止于P点。设滑块所受支持力为FN，OP与水平方向的夹角为θ。下列关系正确的是（ ）

mg

A．F＝

tan θmg

C．FN＝

tan θ【答案】A 【解析】

B．F＝mgtan θ D．FN＝mgtan θ

解法三：正交分解法。将滑块受的力水平、竖直分解，如图丙所示，mg＝FNsin θ，F＝FNcos θ，

mgmg

联立解得：F＝，FN＝。

tan θsin θ

mgmg

解法四：封闭三角形法。如图丁所示，滑块受的三个力组成封闭三角形，解直角三角形得：F＝，FN＝，

tan θsin θ故A正确。

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12．在电梯内的地板上，竖直放置一根轻质弹簧，弹簧上端固定一个质量为m的物体。当电梯匀速运动时，弹簧被压缩了x，某时刻后观察到弹簧又被继续压缩了可能是

x（重力加速度为g）。则电梯在此时刻后的运动情况1011g的加速度加速上升 1011B．以大小为g的加速度减速上升

10gC．以大小为的加速度加速下降

10gD．以大小为的加速度减速下降

10A．以大小为【答案】D 【

解析】

13．如图所示，在一次救灾工作中，一架离水面高为H m，沿水平直线飞行的直升飞机A，用悬索（重力可忽略不计）救护困在湖水中的伤员B，在直升飞机A和伤员B以相同的水平速率匀速运动的同时，悬索将伤员吊起。设经t s时间后，

、

之间的距离为l m，且

，则在这段时间内关于物体B的受力情况和运

动轨迹正确的是下列哪个图

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A． B． C． D．

【答案】A 【解析】 根据

，可知B在竖直方向上是匀加速上升的，悬索中拉力大于重力，即表示拉力F的线段

要比表示重力G的线段长，飞机在水平方向匀速率运动，所以F、G并且都在竖直方向上；向上加速，运动轨迹应向上偏转，只有A符合，所以在这段时间内关于伤员B的受力情况和运动轨迹正确的是A。 14．如图所示为一个质量为m、电荷量为＋q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中，不计空气阻力，现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的

速度图象不可能是下图中的（ ）

【答案】B

15．小型登月器连接在航某时刻，航天站使登月器段时间完成科考工作后，

M a b N d 天站上，一起绕月球做圆周运动，其轨道半径为月球半径的3倍，

c 减速分离，登月器沿如图所示的椭圆轨道登月，在月球表面逗留一经快速启动仍沿原椭圆轨道返回，当第一次回到分离点时恰与航天

站对接，登月器快速启动时间可以忽略不计，整个过程中航天站保持原轨道绕月运行。已知月球表面的重力加速度为g，月球半径为R，不考虑月球自转的影响，则登月器可以在月球上停留的最短时间约为（ ）

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A．4.7πC．1.7π

R gR g

解

B．3.6π D．1.4π

R gR g

析

】

【答案】 A 【

设登月器在小椭圆轨道运行的周期为T1，航天站在大圆轨道运行的周期为T2。 对登月器和航天站依据开普勒第三定律分别有 T2T12T22

＝＝ ② 3R32R33R3为使登月器仍沿原椭圆轨道回到分离点与航天站实现对接，登月器可以在月球表面逗留的时间t应满足 t＝nT2－T1 ③（其中，n＝1、2、3、…）

3R2R联立①②③得t＝6πn －4π （其中，n＝1、2、3、…）

gg

R当n＝1时，登月器可以在月球上停留的时间最短，即t＝4.7π，故A正确。

g

二、填空题

A，输电导线上因发热损失的电功率是 W。 【答案】10；100

【解析】由PUI，得输电导线中的电流I216．输送1.0×l05瓦的电功率，用发1.0×l04伏的高压送电，输电导线的电阻共计1.0欧，输电导线中的电流是

P=10A U。则A、B两点间的电势差

为_______J。

为

输电导线上因发热损失的电功率: PIr=100×1=100W 17．把带电量

的电荷从A点移到B点，电场力对它做功

_______V，若A点的电势为0，B点的电势为_______V，该电荷在B点具有的电势能10-6 【答案】 （1）. 200 （2）. -200 （3）. -8×

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10-6J．则A、B两点间的电势差【解析】由题意，电荷从A点移到B点时电场力做的功8×

；因UAB=φA-φB，若A点的电势为0，B点的电势为-200V；该电荷在B点具

有的电势能：

三、解答题

18． 如图所示，用一块长L1＝1.0 m的木板在墙和桌面间架设斜面，桌子高H＝0.8 m，长L2＝1.5 m。斜面与水平桌面的倾角θ可在0～60°间调节后固定。将质量m＝0.2 kg的小物块从斜面顶端静止释放，物块与斜面间的动摩擦因数μ1＝0.05，物块与桌面间的动摩擦因数为μ2，忽略物块在斜面与桌面交接处的能量损失。（重力加速度取g＝10 m/s2；最大静摩擦力等于滑动摩擦力）

（1）当θ角增大到多少时，物块能从斜面开始下滑；（用正切值表示）

（2）当θ角增大到37°时，物块恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数μ2；（已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8）

（3）继续增大θ角，发现θ＝53°时物块落地点与墙面的距离最大，求此最大距离xm。

【答案】 （1）arctan 0.05 （2）0.8 （3）1.9 m 【解析】

由动能定理得mgL1sin θ－Wf＝0 代入数据得μ2＝0.8。

1

（3）由动能定理得mgL1sin θ－Wf＝mv2

2

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解得v＝1 m/s

1

由平抛运动规律得H＝gt2，x1＝vt

2解得t＝0.4 s x1＝0.4 m

xm＝x1＋L2＝1.9 m。

19．示波器是一种用来观察电信号的电子仪器，其核心部件是示波管，如图1所示是示波管的原理图。示波管由电子、偏转电极和荧光屏组成，管内抽成真空。电子从灯丝K发射出来（初速度可不计），经电压为加速电场加速后，以垂直于偏转电场的方向先后进入偏转电极

、

。当偏转电极

、

时，电子束从电子射出后，沿直线运动，打在荧光屏的中心O点，在那里产生一个亮斑。

的

上都不加电压

（1）只在偏转电极上加不变的电压，电子束能打在荧光屏上产生一个亮斑。已知偏转电极的极板长

为L，板间的距离为d，间的电场可看做匀强电场。电子的电荷量为e，质量为m，不计电子的重力以及电

间电场时垂直于极板方向偏移的距离。

子间的相互作用力。求电子刚飞出

（2）只在偏转电极（3）在和

上加的交流电压，试在图2中画出荧光屏上的图形。

上加如图4所示的周期性变化的电压，假设

上加如图3所示的正弦交流电压，同时在

时，电子束分别打在荧光屏上的A、B两点，试在图5中画出荧光屏上的图形。

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【答案】（1）（2）（3）

2

【解析】（1）在加速电场中 eU0＝mv0−0

在偏转电场中，平行于极板方向 L=v0t 垂直于极板方向 y＝at2 可得

（2）如答图1所示． （3）如答图2所示．

点睛：题目考查对示波器工作原理的理解，其基本原理是电场的加速和偏转，根据偏转距离与偏转电压的关系，

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分析荧光屏上光斑的变化．

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