2022-2023学年云南省高三（下）第二次复习统一检测物理
试卷
1. 1905年爱因斯坦提出光子假设，成功地解释了光电效应现象。1916年密立根通过测
量遏止电压
与入射光频率v，由此算出普朗克常量h，验证了光电效应理论的正确性。则
下列说法正确的是( )
A. 只要入射光强度足够大就一定能发生光电效应B. 遏止电压
与入射光的频率有关，与入射光的强弱无关
C. 用相同频率的光照射同种金属，发生光电效应时逸出的光电子初动能都相同D. 光电效应现象表明了光具有波动性
2. 如图所示，一同学在擦黑板的过程中，对质量为m的黑板擦施加一个与竖直黑板面成
角斜向上的力F，使黑板擦以速度v竖直向上做匀速直线运动。重力加速度大小为g，不计空气阻力，则( )
A. 黑板擦与黑板之间的动摩擦因数为B. 黑板对黑板擦的作用力大小为
C. 若突然松开手，松手瞬间黑板擦的加速度大小为D. 若突然松开手，松手后黑板擦能上升的最大高度为
3. 某科幻电影中出现了一座在赤道上建造的垂直于水平面的“太空电梯”，如图所示。若
太空电梯成为可能，宇航员将可以乘坐电梯到达特定高度的空间站。地球的自转不能忽略且地球视为均质球体。若“太空电梯”停在距地面高度为h处，对“太空电梯”里的宇航员，
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下列说法正确的是
A. 若
，宇航员绕地心运动的线速度大小约为
B. h越大，宇航员绕地心运动的线速度越小C. h越大，宇航员绕地心运动的向心加速度越小
D. h与地球同步卫星距地面高度相同时，宇航员处于完全失重状态
4. 如图所示，纸面内有一圆心为O，半径为R的圆形磁场区域，磁感应强度的大小为B，
方向垂直于纸面向里。由距离O点
处的P点沿着与PO连线成
的方向发射速率
大小不等的电子。已知电子的质量为m，电荷量为e，不计电子的重力且不考虑电子间的相互作用。为使电子不离开圆形磁场区域，则电子的最大速率为( )
A. B. C. D.
5. 一定质量的理想气体密闭在容器中，其压强随体积的变化过程如图所示。已知
是绝热变化过程。下列说法正确的是( )
A. B. C. D.
过程中气体的温度不变过程中每个分子的动能都增大
过程中，单位时间内容器壁单位面积上分子碰撞次数增多
，完成一次完整循环的过程气体对外做负功
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6. 玻璃球中的气泡通常看起来都特别明亮，如图甲所示。若某玻璃球中心有一球形气泡，
可简化为如图乙所示，其中一细光束从玻璃球表面的A点射入玻璃球后照射到空气泡表面上P点，在P点反射后到达玻璃球表面的B点。细光束在P点的入射角为d。已知该玻璃的折射率为正确的是
，AB两点的距离
，光在真空中的传播速度为c，不考虑多次反射。下列说法
A. 细光束在P点发生全反射
C. 细光束从A点传播到B点的时间为
B. 细光束在B点发生全反射
D. 细光束从A点传播到B点的时间为
7. 如图所示，有一平行于abc平面的匀强电场，其中a、b、c三点电势分别为2 V、12
V、6 V，已知ab的距离为5 cm，ac的距离为法正确的是
，ac和ab的夹角为
。下列说
A. 电子从a点移动到c点的过程中，电势能增大B. 电子从a点移动到b点的过程中，电场力做正功C. 电场强度的方向从c点指向a点D. 电场强度的大小为
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N两个波源，形成了两列相向传播的简谐横波，8. 同一均匀介质中有M、
形如图甲所示，图乙为波源N的振动图像。下列说法正确的是
时刻的波
A. 两列波的传播速度大小都为B. 波源M比波源N晚振动的时间为C. D.
处的质点在处的质点在
后的振幅为2 cm时的位移为2 cm
9. 某实验小组想定量探究“单摆周期与摆长的关系”，他们进行了如下实验：
组装好实验装置后，用游标卡尺测量小球直径如图所示，由图可得小球直径_________mm。
改变单摆摆长，记录了单摆摆长及其对应的单摆全振动30次的时间如下表所示。摆长时间周期
某同学根据实验数据猜想单摆的周期T可能与其摆长L成正比的关系，请提出一种判断该同学的猜想是否正确的方法？
_______________________________________________________________________________
他们利用以上数据作图单位均为国际单位制，经多次尝试，当纵坐标取摆长L时，得到一条直线，并得出
和L的关系为：
，横坐标取
，根据该表达式，
在误差允许范围内，可以认为单摆周期的平方与摆长成正比。
学习完单摆的周期公式后，实验小组根据以上数据进一步算出当地的重力加速度大小_________
。结果保留2位有效数字
10. 为测量两节串在一起的干电池组的电动势和内阻，某同学找到如下器材：
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A.待测干电池两节B.电流表：量程C.电流表：量程D.电压表：量程E.电压表：量程F.定值电阻G.滑动变阻器H.开关、导线若干
因电池的内阻较小，为增大电压表的测量范围，以下给出的甲、乙两种测量方案中，你认为较合理的是___________。选填“甲”或“乙”
内阻约，内阻约，内阻约，内阻约
为减小测量误差，电流表应选择_________，电压表应选择__________。填器材前面的代号
实验中测得的数据如表中所示，请在图丙的坐标纸中将剩余数据对应的点描出_________，并通过所作的
图像求出电池组的电动势
_______V，内阻
_______
，该实验测
出的电动势比真实值______选“偏大”或“偏小”。结果保留两位有效数字
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为直接通过测量电源的开路电压来测电源的电动势，该同学利用长为L粗细均匀的电阻丝cd、刻度尺、灵敏电流计G和恒压源，设计了另一个试验方案，如图丁所示。先将一个输出电压恒为
的恒压源接在电阻丝cd两端，再将待测电源接在ab两端，调节滑片P，
，待测电源的电动势为
使得灵敏电流计示数为0，此时用刻度尺测得滑片到c端的距离为_______。
11. 如图所示，将上方带有光滑圆弧轨道的物块静止在光滑水平面上，轨道的圆心为O，
半径现将一质量为小取
。求
，末端切线水平，轨道末端距地面高度
，物块质量为
，
的小球从与圆心等高处由静止释放，小球可视为质点，重力加速度大
若物块固定，则小球落地时，小球与轨道末端的水平距离。若物块不固定，则小球落地时，小球与轨道末端的水平距离。
12. 在水平向右足够大的匀强电场中，大小可忽略的两个带电小球A、B分别用不可伸长，
长度均为l的绝缘轻质细线悬挂在同一水平面上的M、N两点，并静止在如图所示位置，两细线与电场线在同一竖直平面内，细线与竖直方向夹角均为电荷量均为q且带等量异种电荷，匀强电场的场强大小
，
。求
。已知两小球质量都为m，，重力加速度大小为g，取
、B两小球之间库仑力的大小；
保持小球B的位置和带电量不变，移除A小球后，将小球B由静止释放，求B小球此后运动过程中速度的最大值。
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13. 如图所示，一“”型金属线框放置在绝缘粗糙的水平面上，金属棒b与PQ边相距
一段距离并平行PQ放置在金属线框上，在金属线框右侧有一磁感应强度大小为方向竖直向下的矩形匀强磁场区域。现用
的水平恒力拉着金属线框向右运动，一段
、
时间后PQ边进入磁场，并匀速穿过整个磁场区域，当PQ边离开磁场区域的瞬间，金属棒ab恰好进入磁场，且速度刚好达到金属线框的速度，此时立即撤去拉力F，整个运动过程中金属棒ab始终与金属线框垂直且接触良好。已知线框间距为金属棒的电阻为间的动摩擦因数为小取
。求：
，金属线框及金属棒ab的质量均为，金属线框与地面之间的动摩擦因数为
，整个金属线框电阻不计，，金属棒与金属线框之
，重力加速度大
金属线框PQ边刚进入磁场时的速度大小；磁场区域的宽度；
棒从开始运动到停下的时间。
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答案和解析
1.【答案】B
【解析】
【分析】根据光电效应的极限频率，光电子的最大初速度，遏止电压的本质及其决定因素，光的波粒二象性等知识解答。【解答】
当入射光的频率大于等于极限频率才能发生光电效应。故A错误；
B.根据光电效应方程，可知
又
解得
故B正确；
C.根据光电效应方程可知，用相同频率的光照射同种金属，发生光电效应时逸出的光电子最大初动能都相同。故C错误；
D.光电效应现象表明了光具有粒子性。故D错误。故选B。
2.【答案】D
【解析】【分析】
在擦黑板的过程中，小黑板受重力、推力、支持力和摩擦力，根据共点力平衡条件列式求解；若突然松开手，小黑板只受重力，牛顿第二定律和机械能守恒分析即可．
本题关键是明确不同过程的黑板擦的受力情况和运动情况，然后根据共点力平衡条件和机械能守恒定律求解．【解答】
A、黑板擦以速度v竖直向上做匀速直线运动，处于平衡状态，对其进行受力分析： 水平方向：竖直方向：
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解得：，故A错误；
B、黑板对黑板擦有两个力的作用，分别为支持力和摩擦力，黑板对黑板擦的作用力大小为
，故B错误；
C、小黑板擦可看成质点，突然松开手，黑板擦与墙面之间无弹力，所以也无摩擦力。由于只受重力，松手瞬间黑板擦的加速度大小为g，故C错误；D、突然松开手后无摩擦力，所以机械能守恒，高度为
，故D正确。
，解得松手后黑板擦能上升的最大
3.【答案】D
【解析】【分析】
本题考查随地球自转物体和近地卫星的区别。“太空电梯”与地球的自转角速度相同，根据判断线速度变化情况;引力加速度正好等于宇航员做圆周运动的向心加速度，即万有引力提供做圆周运动的向心力。【解答】解：A、若远小于
第一宇由速度，故 A错误;
B、“太空电梯”里的宇航员，随地球自转的角速度都相等，根据宇航
员绕地心运动的线速度越大，故 B错误;C、同理，有
， h越大， r越大，宇航员绕地心运动的向心加速度越大，故 C错误;
，即万有引力提供做圆周运动的
可知，h越大，r越大，
，宇航员处在地面上，除了受万有引力还受地面的支持力，绕地心运动的线速度
D、h与地球同步卫星距地面高度相同时，有向心力，宇航员处于完全失重状态，故 D正确。
4.【答案】C
【解析】【分析】
本题考查了带电粒子在匀强磁场中的运动规律；粒子在磁场中做匀速圆周运动，画轨迹，用牛顿定律和圆周运动知识处理。
画出粒子的在圆内的运动轨迹，由洛伦兹力提供向心力，结合几何关系解答。
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【解答】
作出电子的运动轨迹如图：
；
当电子的运动轨迹与磁场边界相切时，根据解得：
；
电子运动半径最大，速度最大；
电子圆周运动的圆心与圆形磁场的圆心以及切点共线，过电子圆周运动的圆心做0P的垂线，由几何关系得：解得：
；
；
则最大速率为：
故ABD错误，C正确。
5.【答案】CD
【解析】【分析】
本题考查了一定质量的理想气体状态方程、热力学第一定律的应用，根据图象判断出气体体积如何变化，从而判断出外界对气体做功情况，再应用热力学第一定律与题目所给条件即可正确解题;要知道：温度是分子平均动能的标志，理想气体内能由温度决定。【解答】A、已知界做功，B、
是绝热变化过程，理想气体与外界没有热交换，则，根据过程体积不变，根据
可知，
，体积增大，气体对外
，故气体温度降低，故A错误；
可知当压强变大时，温度升高，分子平均动能增大，但
不是每个分子的动能都增大，故B错误；C、
的过程中，气体是等压变化，体积减小，温度降低，分子的密度逐渐增大，单位时间
内容器壁单位面积受到的气体分子撞击次数逐渐增加，故C正确；
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D、由图形面积表示做功可知，一个循环过程中，过程外界对气体做的功大于
过程气体对外界做的功，所以完成一次完整循环的过程气体对外做负功，故D正确。
6.【答案】AC
【解析】【分析】
本题考查了全反射；掌握光速公式角大于或等于临界角，即可进行解答。
根据由折射定律求出临界角，根据入射角与临界角关系分析能否发生全反射现象；由几何知识求出光从A点传播到B点的路程，由求出细光束从A点传播到B点的时间。【解答】解：
已知该玻璃的折射率为
，则根据临界角与折射率之间的关系
，
求出激光束在玻璃球中传播的速度，即可
和全反射的条件：光从光密介质进入光疏介质时，入射
则可知细光束在该玻璃球中发生全反射的临界角小于P点时的入射角
，大于临界角
，而细光束经玻璃照射到空气泡表面上
，因此细光束在P点发生了全反射，而由几何关系易知
在B点，射向空气时的入射角小于临界角，因此光束在B点发生了折射，故A正确，B错误；
由折射率
可得细光束在玻璃中传播的速度为
；
；
而由几何关系可得，光从A点传播到B点的路程为：
则光从A点传播到B点的时间为，故C正确，D错误。
7.【答案】BD
【解析】【分析】
本题考查了电势差与电场强度的关系、电势能与电场力做功的关系；找等势点，作出电场线，是解决这类问题常用方法。本题还要充分利用正三角形的对称性分析匀强电场中各点电势的关系。根据
分析电场力做功情况，根据电场力做功情况判断电势能变化；
将ab段均分成5等份，找出与c的等势点，结合几何关系得出电场方向；由电势差与电场强度的关系求出电场强度的大小。【解答】
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解：电子从a点移动到c点的过程中，电场力做功为，电场力做正功，电势
能减小，故A错误；
B.电子从a点移动到b点的过程中，电场力做功为
C.将ab段均分成5等份，a、b、c三点的电势，如图所示：
，电场力做正功，故B正确；
；
由图可得d点与c点电势相同，同时由几何关系知ab垂直与cd，因此电场方向从b点指向a点，故C错误；D.由题知：
，电场强度大小为
，故D正确。
8.【答案】AC
【解析】
【分析】本题考查波的叠加、波动图像及振动图像，能够把质点的振动和波的传播内容结合分析是解题关键。根据
求波速，要知道机械波的波速与介质有关，同一介质中波速相等。尤其
要注意的是两列波的起振方向相反，振动加强点是波峰与波峰或波谷与波谷相遇的点。【解答】A、由图甲可知，
，
，由图乙可知，
，波速为
；
，故A正
由同一均匀介质条件可得a和b两列波在介质中传播速度相同，所以确；B、根据故M比N晚
，
，由图可知此时M已经振动半个周期
，N已经振动一个周期1s，
起振，故B错误；
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C、M波从图示时刻传播到的时间
处需要的时间
时
，
处需要的时间
时，则
处的质点在
，则处的质点随M波振动， N波从图示时刻传播到
，处
处的质点随b波振动的时间
。故在
时振动减弱点，
处的质点随N波振动到
质点的振幅为2 cm，故C正确；D.理，在故选AC。
时
处的质点随M波振动在时，
，随N波振动到
，根据波的叠加原
处质点的位移为0 cm，故D错误。
9.【答案】
作
图像，看其图线是否是过原点的直线其他合理答案也给分
【解析】解：
由图示游标卡尺可知，游标尺的精度为
。
若周期T与其摆长L成正比的关系，则可根据表中数据作
图像，看其图线是否是过原，游标卡尺示数为：
点的直线，若图线是过原点的直线，则证明猜想是正确的，否则则是错误的；
由单摆周期公式：由即
知
，代入数据可得
可知：
，
本题考查“探究单摆周期与摆长的关系”实验，关键掌握利用周期公式的变形，结合图像斜率求得重力加速度方法。
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10.【答案】 ①.甲 ②
③④. ⑤
⑥⑦.偏小 ⑧
由于电池的内阻较小，为增大电压表的测量范围，将定值电阻并入电源的
【解析】详解】
内阻，作为等效内阻进行测量，故选甲。
所测为两节干电池的电动势和内阻，而两节干电池的电动势大约为 3V ，故电压表应选
择D；而根据直除法，即电源的电动势除以电路中电阻的最小值，即粗略记为定值电阻的阻值，此时滑动变阻器入电路阻值为零，得到的这个粗略值认为是电路中电流的最大值，再根据电表的选取原则，读数不能小于总量程的三分之一，则可知电流表应选择C。
描点后如图所示
在 图像中，图线与纵轴的交点表示电源的电动势，而通过该测量电路做出的图像的
斜率的绝对值表示电源内阻与定值电阻大小之和，则通过读图可得电源的电动势为
电源的内阻为
根据闭合电路的欧姆定律
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由于电压表的分流作用，实际的干路电流要比测量值大，因此该实验测出的电动势要比真实值偏小。
在该实验中，灵敏电流计示数为0说明此刻滑片触头P到金属丝d端两点间的电势差与待测电源的电动势相同，此时可认为金属丝 待测电源的电动势为
长和
长两部分串联，再根据串联分压原理可得
11.【答案】解：
物块固定，小球沿着圆弧滚至轨道末端的过程中：
；；
；
小球滑离轨道末端后做平抛运动：小球落地时与轨道末端的水平距离：联立解得：
。
物块不固定时，小球从圆弧轨道上滚下的过程中，物块和小球组成的系统在水平方向动量守恒；设小球滑离轨道末端时，小球的速度为由能量守恒可得：
小球滑离轨道末端后做平抛运动：小球落地时与轨道末端的水平距离：联立解得：
。
，物块的速度为；；
；
：
；
【解析】本题考查了平抛运动基本规律、动量与能量的综合应用；关键理清物块的运动过程，选择合适的规律进行求解。
若物块固定，根据机械能守恒定律，结合平抛运动规律求出小球落地时，小球与轨道末端的水平距离；
物块不固定时，小球从圆弧轨道上滚下的过程中，物块和小球组成的系统在水平方向动量守恒；根据动量守恒定律，结合能量守恒、位移关系求出小球落地时，小球与轨道末端的水平距离。
12.【答案】解：设B 小球受到的电场力为
对B小球受力分析如图所示，
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小球B静止，受力平衡得
联立解得
小球A撤去后，小球 B在电场力、重力和绳子拉力作用下做变速圆周运动，当重力和电场力的合力沿着半径方向时小球速度最大。设小球速度最大时，绳子与竖直方向的夹角为。由几何关系可得
小球B从初始位置运动到速度最大位置，在竖直方向的位移为
在水平方向的位移为
由动能定理得
联立解得
【解析】本题主要考查带电小球在电场中的受力平衡及动力学问题。
根据小球B受力平衡列式求解库仑力大小；
分析移除小球A后，B球的运动状态，进而分析速度最大位置，结合动能定理求解。
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：13.【答案】解当F作用在线框上时，可知线框与金属棒之间会发生相对滑动。线框进入磁
场时做匀速直线运动，线框受到的安培力
线框进入磁场产生的电动势
线框中的电流
线框受力平衡得
联立可得
对线框进入磁场之前进行受力分析，根据牛顿第二定律可得
线框进入磁场之前做匀加速运动，运动时间为
金属棒进入磁场前做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律
金属棒加速到与金属线框相同速度时，根据运动学公式
磁场宽度
联立解得
金属棒进入磁场瞬间，假设线框和金属棒具有相同加速度，由牛顿第二定律
由上式解得
对金属棒
解得
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因 ，可见线框和金属棒不会有相对滑动，将保持相对静止共同做减速运动，之后因安
培力在不断减小，可知线框与金属棒一起做加速度减小的减速运动。导体棒进入磁场之前运动的距离为x，由运动学公式得
由上式计算得到x大于磁场区域的宽度，因减速过程加速度小于加速过程的加速度，可知金属棒能够滑出磁场区域，出磁场后跟线框一起匀减速直到停下。设金属棒从进入磁场到停下的时间为
，在磁场中运动时间为 。
从金属棒进入磁场到停下的过程中，根据动量定理可得
金属棒中的平均电流与时间的乘积表示电荷量可得
由法拉第电磁感应定律可得
导体棒和金属框运动的总时间为
联立解得
【解析】见答案
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